2015滁州市高级中学联谊会高三第一学期期末联考

物理参考答案

简要答案：

题号

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10



答案

D

B

B

C

A

D

C

C

D

A





11

Ⅰ

（1）1.040 (1分) （2） AD (2分)





Ⅱ

（1）
（2分） （2）0.1 （2分）







Ⅲ

（1）1.50 （1分） （2）实物图连接见下图（3分）

（3）1.50 （2分） 5.00（2分）



12

（1）

（2）



13

（1）
（2）





14

（1）
（2）

（3）系统的机械能损失为



15



（2）（
，
） ，





详细解析：

1.D 解析：画出光路图如图所示，在界面BC上，光的入射角i=60°。由光的折射定律有：
，代入数据，求得折射角r=30°，由光的反射定律得，反射角i′=60°。由几何关系易得：△ODC是边长为0.5l的正三角形，△COE为等腰三角形，CE=OC=0.5l。故两光斑之间的距离L=DC+CE=
=40cm，选项D正确。

2.B 解析：由右手定则可知，圆盘顺时针加速转动时，感应电流从圆心流向边缘，线圈A中产生的磁场方向向下且磁场增强。由楞次定律可知，线圈B中的感应磁场方向向上，由右手螺旋定则可知，ab棒中感应电流方向由a→b。由左手定则可知，ab棒受的安培力方向向左，选项A错误；同理选项C、D错误，B正确。

3.B 解析：弹体处的磁场由轨道电流产生，由安培定则可以判断，弹体处磁场方向垂直于导轨平面向下，选项A错误；由安培力F=BIL及电流磁场与电流的关系可知，电流越大，磁场越强，弹体受到的安培力越大，选项B正确；若只改变电流方向，虽然弹体处的磁场方向变为垂直于导轨平面向上，但由于通过弹体的电流方向同时反向，由左手定则知弹体受到的安培力方向不变，选项C错误；只改变弹体的形状，弹体受安培力的有效长度（即导轨间距）不变，则安培力大小不变，选项D错误。

4.C 解析：由于太空没有空气，因此航天员在太空中行走时无法模仿游泳向后划着前进，选项A错误；航天员在太空行走的路程是以速度v运动的路程，即为vt，选项B错误；由
和
，得
，选项C正确；由
得
，选项D错误。

5.A 解析：对物体应用牛顿第二定律有
，可得
，图线纵轴截距表示
，可知两者动摩擦因数相同，P和Q的材料相同，选项A正确；图线斜率表示
，选项C、D错误；P的质量小于Q的质量，选项B错误。

6.D 解析：由
可知，两物块的向心力大小相等，选项A错误；由
，
，可知盘对B的摩擦力是B对A的摩擦力的2倍，选项B错误；由于A、B受到的摩擦力或摩擦力的合力都指向圆心，因此A、B都有沿半径向外滑动的趋势，选项C错误；若B先滑动，表明盘对B的摩擦力先达到最大摩擦力，则当B恰要滑动时设B对A的摩擦力为f，应有
，又
，
，解得
，选项D正确。

7.C 解析：由乙图可知，该交流电的周期为0.02s，选项A错误；理想变压器的原副线圈两端的电压比等于匝数比，即电压表的读数为10V，选项B错误；滑动变阻器的滑动触头P向上滑动，其电阻值变大，电流减小，副线圈输出功率减小，则原线圈的输入功率也减小，选项C正确；当滑动变阻器接入电路的电阻值R＝10Ω，副线圈的电流为1A，由理想变压器的变流关系
=
可知，电流表的读数为0.1A，选项D错误。

8.C 解析：由图象知物块在0～t1时间内上滑，在此过程中的位移小于相同初速度、相同情况下做匀减速直线运动的位移
，选项A正确；由牛顿第二定律可知，上滑过程物块做减速运动，加速度大小
随速度的减小而减小，下滑过程物块做加速运动，加速度大小
随速度的增大而减小。在向上运动过程中，开始时加速度最大，在最高点时加速度等于
最小，匀速向下运动时加速度最小（大小为零），选项C错误，D正确；做匀速运动时，有
，即
，刚抛出时的加速度
，选项B正确。

9.D 解析:由于金属板的电荷量缓慢减小，小球受重力mg、细线拉力和T水平向右的电场力F而处于动态平衡状态（如图所示），
，
，因
减小，所以拉力T逐渐减小，选项A、B错误；设两极间的距离为d，电容器电容为C，由图知
，设减小的电荷量为
，同理可得
，联立解得
，选项C错误，D正确。

A 解析：由图可知，下方曲线为R2的功率图象，上方图象为R1的功率图象；由
可得：
,
。当滑片在A点时，R2的功率最大为0.72W，电流为I=0.6A，则两端的电压为U=IR2=0.6×2V=1.2V。由闭合电路欧姆定律可知：
，解得
，则滑动变阻器的电流
,滑动变阻器总阻值为
。当滑片在最下方时，R1的功率最大，电路中总电流
，则R1的最大功率
，选项A正确。（易错案例：当滑片在A点时，
，
，所以
；当滑片在B点时，R1的功率最大，电路中总电流
，则R1的最大功率
，所以选择B。

错误分析：此方法错误原因在于误认为滑片在A点时总电流最小，其实滑动变阻器和R2等效电阻为
（
时取等号，即总电流取得最小值。））

11.Ⅰ.答案：（1）1.040 (1分) （2） AD(2分)

解析：（1）游标卡尺的读数=主尺读数+游标读数（不需要估读），所以题中游标卡尺的读数为10mm+0.05mm×8=10.40mm=1.040cm。

实验中，要选择细些的、伸缩性小些的摆线，长度适当长一些；和选择密度较大、体积较小的摆球，所以A正确，B错误；一个周期的时间内，摆球通过最低点2次，故C错误；由单摆的周期公式可推出重力加速度的计算式
可知，摆长偏大则代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大，D正确；摆球的周期与摆线的长度有关，与摆角无关，E错误。

Ⅱ.答案：（1）
（2分） （2）0.1 （2分）

解析：（1）小球从D点滑出后做平抛运动，在水平方向有
；在竖直方向有
，代入化简可得
。

（2）由A→D全程应用动能定理得
，小球受到的滑动摩擦力为
，联立解得
。由上式可知图象在纵轴上的截距为
，所以小球与水平桌面间的动摩擦因数
。

Ⅲ.答案：（1）1.50 （1分）（2）实物图连接见下图（3分）

（3）1.50 （2分） 5.00（2分）

解析：（1）用多用电表测得电源的电动势为E=1.50V。

（2）由多用电表的测量结果可知电压表的量程选0～3V，所连的实物图见答案。

（3）根据图4可知图象在横轴上的截距表示电阻箱的阻值调到了零的状态。在图1中由闭合电路的欧姆定律可得
，由上式可得
，由此可知图象的斜率
，为求直线的斜率可在直线上取两个距离较远的点，如（0,-3.00）和（1.50,1.50），图象的斜率为。
，所以电源的内阻为
，即电源的内阻为
，由图4的U1-U2的图象可知图象在纵轴上的截距的绝对值为
，所以电源的电动势
。

12.解析：（1）设驾驶员和汽车系统的反应总时间为t，刹车时加速度的大小为a。

，
，依题意有：

（2分）

（2分）

代入数据解得：
，
（1分）

（2）根据牛顿第二定律有：
（2分）

解得：
（1分）

13.解析：（1）杆cd静止，由平衡条件可得
（1分）

解得I=2A（1分）

由闭合电路欧姆定律得
，得v=1m/s（1分）

水平拉力
（1分）

水平拉力的功率
（1分）

（2）撤去外力后ab杆在安培力作用下做减速运动，安培力做负功先将棒的动能转化为电能，再通过电流做功将电能转化为内能，所以整个电路焦耳热等于棒的动能减少。

有
，（2分）

而
，（1分）

ab杆产生的焦耳热
，（1分）

所以
。（1分）

14．解析：（1）设木块平抛运动的时间为t，由平抛运动规律得：

h=
gt2（1分）

vy=gt=4m/s（1分）

沿切线落入圆弧，合速度沿切线，可得水平速度

（1分）

（2）从木块离开水平面边缘到圆弧最低点运用动能定理有

（2分）

在最低点由牛顿第二定律有
（1分）

得
（1分）

根据牛顿第三定律可知，B运动到圆弧最低点时对圆弧的压力为43N（1分）

（3）设子弹穿过物块的过程中，子弹与木块组成的系统动量守恒，则有：

（1分）

解得
（1分）

系统的机械能损失为
（2分）

15.解析:（1）只有磁场时，粒子在磁场中做匀速圆周运动，设周期为T，则

①（1分）

带电粒子在3nt0～（3n+1）t0（n=0，1，2…）时间段内只受电场力，且只有电场时粒子的运动连接起来才成为完整的类平抛运动，粒子在t=4t0时间内受电场力的运动时间
。设t=4t0时粒子速度v与v0成
角，则有
②（1分）

③（1分）

④（1分）

⑤（1分）

联立②③④⑤代入E0解得
,
⑥（1分）

（2）若在0～6t0时间内，带电粒子垂直打在挡板MN上，则粒子一定是沿逆时针方向做匀速圆周运动时打在挡板MN上，故在4t0～6t0时间内打在挡板上，如图所示。轨道半径设为R2，则
⑦（1分）

由⑥式可知，粒子速度只需要偏转450角即可垂直打在到挡板上，故偏转时间

⑧（1分）

粒子从原点O运动到P点所需时间
⑨（1分）

P点横坐标
⑩（1分）

纵坐标
?（1分）

其中类平抛运动在
时间内的位移
?（1分）

?（1分）

联立④⑦⑩???解得
，
（1分）

则P点坐标为（
，
）。（1分）